湖北省武汉市中考物理一模试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
A. 应该将光屏向右移动，得到了清晰的放大实像
B. 应该将光屏向左移动，得到了仍是清晰的缩小实像
C. 实验中所用的透镜成像原理是光的折射
D. 实验中所用的光屏最好是白色，所用的蜡烛换成带有“F”形的LED灯会更好
A. 钢尺伸出桌面的长度越长，拨动力度越大，钢尺发出声音的音调越低
B. 钢尺伸出桌面的长度不变，拨动力度越小，钢尺发出声音的音调越高
C. 钢尺伸出桌面的长度越短，拨动力度越大，钢尺发出声音的响度越大
D. 钢尺伸出桌面的长度不变，拨动力度越小，钢尺发出声音的响度越小
A. 该同学骑行的速度有可能达到
B. 该同学骑车匀速转弯时，人和车的运动状态都发生了改变
C. 该同学上坡时猛蹬几下，通过增大动能使自己具有更大的惯性
D. 在骑行过程中，自行车前轮受到地面的摩擦力是向后的
A. 瓶内空气的密度变大
B. 瓶内空气的压强不变
C. 橡皮膜所受水的压强变大
D. 若甲图中药瓶处于悬浮状态，则乙图中药瓶会下沉 水平方向
A. 丙图中溢水杯溢到小桶中的水的质量为50g
B. 丙图中，浸没在水中的鹅卵石所受浮力为
C. 丁图中，弹簧测力计的示数F应为
D. 鹅卵石的密度为
A. 图甲中木块受到的拉力为
B. 木块第一次和第二次速度之比为1：2
C. 木块两次受到滑动摩擦力之比为1：1
D. 相同时间内拉力两次对木块做功之比为1：1
A. 炭粒话筒的作用是通过电磁感应原理把声音信号转换成变化的电流
B. 听筒中膜片往返运动的频率跟话筒中膜片运动的频率不同
C. 铁膜听筒的原理相当于发电机，线圈在磁场中受力运动
D. 话筒膜片从图示位置左移时，对方听筒膜片应会右移
A. 手机扫码支付是利用电磁波传递信息的
B. 化石能源和太阳能都属于不可再生能源
C. 激光在光导纤维内壁上多次反射传递信息
D. 核反应堆通过可控核裂变反应释放核能
A. 电流表的示数变大
B. 电压表的示数变小
C. 电压表的示数变大
D. 电压表示数与电流表示数的比值不变
A. 滑动变阻器最大阻值为
B. 当滑片P在中点时，R两端的电压为
C. 灯泡的最小功率为
D. 电路的最大功率为4W
二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）
A. 最终a静止不动时，a的机械能不为零
B. 从弹起到最终静止的整个过程，a的机械能一直在减小
C. 向上运动时，a受到合力的方向会发生变化
D. 向上运动时，当a受到b的斥力与自身重力相等时，a将做匀速直线运动
A. 只要人体与大地绝缘，即使同时接触火线和零线也不会发生触电事故
B. 低压电对人体才是安全的
C. 在检查家庭电路中故障时，用试电笔接触插座左孔，试电笔发光，说明接触的是插座右孔
D. 三脚插头上标有“L”的线是连接电路中火线的
三、填空题（本大题共2小题，共5.0分）
四、实验探究题（本大题共5小题，共29.0分）
I/A | 0.1 | 0.2 | 0.3 | 0.4 | 0.5 |
F/N | 0.05 | 0.1 | 0.15 | 0.2 | 0.25 |
（1）闭合开关后，通电螺线管A端是______极，调节滑动变阻器，滑片向右移动，则通电螺线管的______会增强。
（2）闭合开关，调节滑动变阻器使铁制小球能够悬浮在水中，此时，小灯泡消耗的功率是多少W？
（3）闭合开关，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，当铁制小球静止时，小球对容器底的压力是多少N？
答案和解析
1.【答案】A
【解析】
解：
AB、由“先用焦距为20cm的透镜甲进行实验，在屏上得到清晰缩小的实像”可知，此时u＞2f；
当改用焦距为10cm的透镜乙继续实验，不改变蜡烛和凸透镜的位置，则相当于增大了物距，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，可知，要在光屏上成清晰的像，光屏将靠近透镜（向左）移动，像变小。故A错误、B正确；
C、实验中所用的透镜成像原理是光的折射，故C正确；
D、因为白色的物体能反射所有的色光，所以白色光屏反射所有的色光；蜡烛换成LED灯的优点：实验现象更明显、便于观察、减少了污染等，故D正确。
故选：A。
（1）首先根据题意“先用焦距为20cm的透镜甲进行实验，在屏上得到清晰缩小的实像”可确定焦距与焦距的关系，然后再根据凸透镜成实像时，物远像小像变小来确定调节光屏的方法。
（2）透镜成像原理是光的折射。
（3）光屏是白色，因为白色的物体能反射所有的色光，所以白色光屏反射所有的色光；蜡烛换成LED灯便于观察，光屏换成带有方格光屏便于比较像与物体的大小关系。
本题考查了凸透镜成像的规律，要注意理解应用。此题比较有拓展性，有一定难度。
2.【答案】D
【解析】
解：AB、改变伸出桌边的钢尺的长度，用相同的力拨动钢尺，使钢尺两次振动的幅度相同，改变钢尺的振动频率，改变音调高低。可以实验探究音调跟频率的关系，但钢尺伸出桌面的长度越长，拨动力度越大，两个变量，所以不能探究声音的特性与哪些因素有关，故AB错误。
C、钢尺伸出桌面的长度越短，拨动力度越大，两个变量，所以不能探究声音的特性与哪些因素有关，故C错误；
D、钢尺伸出桌面的长度不变，拨动力度越小，则钢尺振动的幅度越小，因此钢尺发出声音的响度越小，故D正确。
故选：D。
探究声音特征的影响因素时，轻拨和重拨改变了振动物体的振幅，探究声音的响度跟振幅的关系；改变伸出桌面钢尺的长度，改变振动物体的难易，改变振动物体的频率，探究音调跟频率的关系。
在利用控制变量法探究物理问题时，一定要注意控制不变的量是什么，控制不变量影响哪一个物理量，改变是什么，改变的量影响哪一个物理量。才能判断实验要研究的问题。
3.【答案】C
【解析】
解：A、共享单车的速度约为5m/s；故A正确；
B、小明骑车匀速转弯时，运动方向不断变化，运动状态不断变化，故B正确；
C、骑自行车上坡前，往往要用力加紧蹬几下，这样可以增加自行车的速度，人和车的动能就会增加，上坡时就会有更多的动能转化为重力势能，这样自行车就会爬得更高。不是为了增大惯性，故C错误；
D、自行车前轮是在后轮驱动下运动的，前轮相对地面有向前的运动趋势，故前轮受到的摩擦力方向向后，前轮对地面的摩擦力方向向前。故D正确。
故选：C。
（1）骑自行车的速度为5m/s；
（2）力可以改变物体的运动状态，运动状态的改变包括运动速度和运动方向的变化；
（3）一切物体在任何时候都有惯性，惯性是物体本身具有的一种保持原来运动状态不变的性质，只与质量有关；
（4）在骑车人用力蹬车前进的过程中，后轮是主动轮，前轮是从动轮。正是由于地面对后轮的摩擦力，才导致后轮向前滚动。
从物体上找物理知识是中考出题的一个方向，也揭示了物理来源于生活又应用于生活的物理意识。
4.【答案】B
【解析】
解：A、乙图中橡皮膜凹进得更多，质量不变，体积变小，故瓶内空气的密度变大，故A正确；
B、瓶内空气的密度变大，瓶内空气的压强变大，故B错误；
C、橡皮膜朝下时，浸入液体的深度大，橡皮膜凹得更明显，说明在液体密度一定时，液体压强随深度的增加而增大，故C正确；
D、乙瓶瓶内空气的密度变大，若甲图中药瓶处于悬浮状态，则乙图中药瓶会下沉水平方向，故D正确；
故选：B。
液体压强的特点：
①液体内部朝各个方向都有压强，在同一深度，液体向各个方向的压强相等；
②液体的压强随深度的增加而增大；
③不同液体的压强还跟密度有关，深度一定时，液体的密度越大，压强越大；
本题通过简单的实验现象，考查了液体内部压强的规律，重点是观察同一深度处，液体内部向各个方向的压强大小关系。
5.【答案】A
【解析】
解：
AB、由图可知，丙图中鹅卵石受到的浮力：F浮=G石-F拉=1.4N-0.9N=0.5N；
根据阿基米德原理可得，溢水杯溢到小桶中的水的重力：G排=F浮=0.5N，
则溢到小桶中的水的质量：m排===0.05kg=50g；故A正确，B错误；
C、丁图中，弹簧测力计的示数F为：F=G总-G排=（6.0N+1.4N）-0.5N=6.9N，故C错误；
D、鹅卵石浸没在水中，则鹅卵石的体积：V=V排===5×10-5m3，
鹅卵石的密度：ρ石====2.8×103kg/m3=2.8g/cm3；故D错误。
故选：A。
（1）根据阿基米德原理，由F浮=G排求解；
（2）称重法求鹅卵石没入溢水杯所受的浮力；
（3）弹簧测力计的示数为应为溢水杯、水及鹅卵石的总重力，据此解题；
（4）物体浸没时，由V=V排=求出物体的体积，再由ρ=求物体的密度。
本题考查了浮力的综合运用，难度较大。
6.【答案】C
【解析】
解：
A、从图甲知，弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计的示数为3.4N，即图甲中木块受到的拉力为3.4N，故A错误；
B、从图乙可知，木块两次都做匀速直线运动，第一次10s运动路程为50m，第二次10s运动路程为25m；因为时间一定，速度与路程成正比，即木块第一次和第二次速度之比为50m：25m=2：1，故B错误；
C、两次接触面的粗糙程度相同、压力相同，摩擦力相同，即木块两次受到滑动摩擦力之比为1：1，故C正确；
D、从图乙可知，木块两次都做匀速直线运动，而做匀速直线运动的物体受平衡力作用，所以两次木块受到的拉力和摩擦力相等，因为摩擦力相同，故拉力也相同；
由B可知相同时间内的路程之比为s1：s2=2：1，根据W=Fs可得W1：W2=2：1，故D错误。
故选：C。
（1）根据弹簧测力计的分度值读出弹簧测力计的示数；
（2）根据图象分析得出速度之比；
（3）影响摩擦力的因素：压力和受力面积；
（4）根据W=Fs进行分析。
本题考查了学生的识图能力，以及对二力平衡的条件、弹簧测力计的读数、影响摩擦力的因素、功的计算掌握情况，解题的关键是能从图中得出相关信息，锻炼了学生的观察思考能力。
7.【答案】D
【解析】
解：
A、炭粒话筒的作用是通过声音的振动引起炭粒电阻的变化，把声音信号转换成变化的电流，故A错误；
B、听筒中膜片往返运动的频率跟话筒中膜片运动的频率相同，这样才能保证声音不会“失真”，故B错误；
C、听筒是通过变化的电流产生变化的磁场，从而使吸引铁片的力变化，引起铁膜振动，把电信号转化成声音的信号的，故C错误；
D、读图可知，话筒膜片从图示位置左移时，变阻器接入电路的电阻变大，则电路中电流变小，右侧电磁铁的磁性减弱，对铁膜听筒的吸引力变小，所以对方听筒膜片应会右移，故D正确。
故选：D。
（1）话筒把声信号转换成电信号，听筒将电信号转换成声信号；二者的频率相同；
（2）电话的听筒是把强弱变化的电流通过磁场对电流的作用转化成声音的信号的；
（3）根据话筒中变阻器的滑片位置变化，判断电路中电流的变化，再确定电磁铁的磁性变化，从而做出判断。
了解老式电话的听筒和话筒的工作原理与特点，能根据图中的变化判断其具体的工作情况，是解答的关键。
8.【答案】B
【解析】
解：A、手机扫码支付是利用电磁波来传递信息，故A正确；
B、化石能源属于不可再生能源，太阳能是可再生能源，故B错误；
C、光纤通信是利用激光从光纤的一端射入，在内壁上多次反射后在另一端反射出来，然后在接收端，检测器收到光信号后把它变换成电信号，经解调后恢复原信息，故C正确；
D、核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的，故D正确。
故选：B。
（1）手机既是电磁波的发射台，也是电磁波的接收台；
（2）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断地得到补充，所以它们属于可再生能源；
（3）光纤通信是依靠激光在光导纤维内壁上多次发射反射来传递信息的；
（4）核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的。
本题考查了电磁波的应用、能源的分类、光纤传递信息、核能的利用，属于基础知识。
9.【答案】D
【解析】
解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表V1测变阻器两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
现将滑动变阻器的滑片P由中点向左移动，变阻器接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故A错误；
由U=IR可知，R两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故C错误；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，变阻器两端的电压变大，即电压表V1的示数变大，故B错误；
由R=可知，电压表V2示数与电流表示数的比值等于R的阻值，则其比值不变，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表V1测变阻器两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，根据欧姆定律结合定值电阻的阻值判断电压表V2示数与电流表示数的比值变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
10.【答案】D
【解析】
解：（1）灯泡L标有“6V3W“字样，表示灯的额定电压为6V，额定功率为3W，当开关S1闭合，滑动变阻器的滑片P在最左端时，电路为灯的简单电路，灯泡L正常发，灯的电压即电源电压U=6V；
根据P=，灯的电阻：
RL===12Ω，
当开关S1闭合，S2断开，滑动变阻器的滑片P在中点时，变阻器最大R的二分之一与灯串联，根据欧姆定律，总电阻：
R串联===30Ω，
根据电阻的串联，则R=R串联-RL=30Ω-12Ω=18Ω，
滑动变阻器R的最大阻值：R=36Ω，故A错误；
（2）根据串联分压原理可知，
==，即=，解得UR=3.6V，故B错误；
（3）当关S1闭合，S2断开，滑动变阻器的滑片P在最右端时，灯泡和滑动变阻器串联，总电阻R总=R+RL=36Ω+12Ω=48Ω，
电路中的最小电流：
I小===0.125A，
灯泡的最小功率：PL小=（I小）2RL=（0.125A）2×12Ω=0.1875W，故C错误；
（4）两开关都闭合，当滑片移动到最左端时，变阻器与灯并联，此时电路的总电阻最小，
R并===9Ω，
电路的最大功率：
P大===4W，故D正确。
故选：D。
（1）灯泡L标有“6V3W“字样，表示灯的额定电压为6V，额定功率为3W，当开关S1闭合，滑动变阻器的滑片P在最左端时，分析电路的连接，灯泡L正常发，求电源电压；根据P=求灯的电阻；
当开关S1闭合，S2断开，滑动变阻器的滑片P在中点时，变阻器最大R滑的二分之一与灯串联，根据欧姆定律求总电阻，根据电阻的串联求变阻器的最大电阻；
（2）根据分压原理求出R两端的电压；
（3）当电路的电阻最大时，电路中电流最小，灯泡的功率最小，根据P=I2R求出灯泡的最小功率；
（4）灯泡和滑动变阻器并联时，电路中的电流最大，电路的功率最大，根据P=UI求出电路的最大功率。
本题考查串联并联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是有最小功率和最大功率的判断。
11.【答案】AC
【解析】
解：
A、小明将a用力下压，当松开手后，a被快速“弹起”由于a受到磁力，停在某一高度，由于重力势能，故最终a静止不动时，a的机械能不为零，故A正确；
B、因为a磁环弹起后，一开始磁力大于重力，a磁环会加速上行（因为合力方向向上与运动方向相同），速度变大，则a磁环动能变大，同时距离地面高度变大，则重力势能变大，所以a磁环的机械能变大，只不过向上的加速度越来越小，当磁力等于重力和空气阻力的和时，不再加速，越过这个位置，磁力小于重力开始减速，故B错误。
C、因为刚向上运动时，磁力大于重力和空气阻力的和，合力向下，随着距离的增大，磁力减小，当磁力等于重力与阻力之和时，合力为零，距离继续增大，磁力继续减小，磁力小于重力和阻力之和时，合力向下，即a受到合力的方向会发生变化，故C正确；
D、向上运动时，a受到b竖直向上的斥力、竖直向下的重力、竖直向下的空气阻力三个力的作用相等时，故当a受到b的斥力与自身重力相等时，受力不平衡，a将做变速直线运动，故D错误。
故选：AC。
（1）动能和势能统称机械能；
（2）影响动能的因素：质量和速度，影响重力势能的因素：质量和高度；
（3）对物体受力分析即可解答；
（4）物体在不受力或受平衡力时，做匀速直线运动，受非平衡力时，做变速运动。
本题考查了机械能、改变内能的方法、力与运动的关系等知识，是一道难题。
12.【答案】CD
【解析】
解：A、站在绝缘体上的人一只手接触火线另一只手同时接触零线会形成双线触电，故A错误。
B、经验证明，只有不高于36V的电压，对人体才是安全的，故B错误；
C、测电笔的用途：辨别火线和零线。容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体。笔尖属于导体。测电笔的使用方法：使用测电笔时，手要接触测电笔尾部的金属体。笔尖接触电线，氖管发光表明接触的是火线，不发光是零线，家庭电路插座的接法，左零右火上接地，故若试电笔发光，说明接触的是插座右孔，故C正确；
D、三脚插头的E号脚与用电器外壳相连，当三脚插头插入三孔插座时，三脚插头的E号脚与三孔插座的E号相连，使金属外壳与大地相连通，若金属外壳的用电器外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生；L、N脚分别连接电路的火线和零线，两脚间的电压就是火线和零线之间的电压，即220V，故D正确。
故选：CD。
（1）触电分为单线触电和双线触电；
（2）不高于36V的电压，对人体才是安全的；
（3）测电笔是用来辨别零线和火线的工具，测电笔内阻很大，使用测电笔时，通过它的电流很小；使用测电笔时，应用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，若氖管不发光，表明测电笔和人体夹在零线和大地之间，测电笔接触的是零线；
（4）三孔插座中，上面的接地线，左面的接零线，右面的接火线，简称“上地、左零、右火”，零线和火线间的电压是220V。
本题考查了学生对安全用电、测电笔的有关知识、安全用电知识，以及三角插头的接法，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
13.【答案】重力势 内 1400
【解析】
解：在运动员从7km高空下落至地面的过程中，运动员的质量不变，速度不变，但高度降低，重力势能变小，同时在此过程中空气阻力对其做功，使其内能变大，故重力势能转化为内能；
根据v=可得，需要时间：t===1400s。
故答案为：重力势；内；1400。
（1）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。
（2）已知速度和路程，利用速度公式计算时间。
此题考查能量的转化、速度公式的应用，关键是掌握掌握动能、重力势能大小的影响因素，利用控制变量法判断动能、重力势能的变化。
14.【答案】凝华 低于
【解析】
解：易拉罐的下部和底部出现的白霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的固态小冰晶；
冰块放于易拉罐中并加入适量的盐，冰的熔点降低，冰在熔化过程中温度低于0℃，则温度计示数低于0℃。
故答案为：凝华；低于。
（1）物质由气态直接变为固态叫凝华；
（2）晶体熔化过程，吸热，温度不变。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
15.【答案】垂直 漫反射 不能 减小
【解析】
解：（1）实验前，把平面镜放在水平桌面上，要使入射光线和其反射光线的径迹同时在纸板上出现，则法线必须与平面镜垂直，并且反射光线、入射光线和法线必须在同一平面内，因此纸板与平面镜的位置关系必垂直；
实验时从光屏前不同的方向都能看到光的传播路径，是由于光屏表面凹凸不平，光在这里发生了漫反射的缘故；
（2）将纸板B向后折转一定的角度，由于反射光线和入射光线仍然在同一平面内则在纸板B上，所以在纸板B上将不能看到反射光；
（3）此时入射角为40°，则入射光线与镜面的夹角为90°-40°=50°，如果将入射光线与镜面的夹角增大10°，则入射角为90°-60°=30°，
反射角等于入射角也等于30°，即反射角也减小10°。
故答案为：（1）垂直；漫反射；（2）不能；（3）减小。
（1）实验过程中法线要与平面镜垂直；如果不垂直，在纸板上看不到反射光线；在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在光屏上发生了漫反射而进入我们的眼里；
（2）根据反射光线、入射光线、法线在同一平面内的特点进行分析；
（3）入射光线与法线的夹角叫入射角，反射光线与法线的夹角叫反射角；反射角等于入射角。
实验题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力。
16.【答案】右 变大 杠杆自身的重力对实验有影响
【解析】
解：（1）图甲可知，杠杆的右端上翘，应将杠杆的平衡螺母向右调节，使杠杆处于水平位置平衡，这样做便于测量力臂，并能消除杠杆自身重力的影响；
（2）若拉力F向右倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂一定，动力F的力臂变短，则动力F变大；
在图丙中画出拉力F向左倾斜时，拉力F的力臂L，如图所示：
（3）利用如图丁所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响。
故答案为：
（1）右；（2）变大；如上图；（3）杠杆自身的重力对实验有影响。
（1）实验中为了便于测量力臂，消除杠杆自身重力对实验的影响，应调节杠杆在水平位置平衡，调节时，需将平衡螺母向上翘的一端一端；
（2）当拉力F向右倾斜时，分析出力臂的变化结合杠杆的平衡条件判断力的变化；根据力臂的概念作图；
（3）图丁中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。
此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
17.【答案】转换 电阻大小 少 电流大小 在电阻和通电时间相同时，通过导体的电流越大，导体产生的热量越多
【解析】
解：
（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；
（2）如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，根据控制变量法可知，这是探究电流产生热量跟电阻的关系；
导线的电阻很小，在电流相同时，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，电阻越小电流产生的热量越少；
（3）图乙装置中两个5Ω的电阻并联后再与一个5Ω的电阻串联，由串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端电阻的电流相等，即I右=I左；两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I左=I内+I外，所以，I左＞I内，烧瓶内的电阻值都是5Ω，阻值相等，通电时间相等，电流不同，根据控制变量法可知，这是探究电流产生热量跟电流的关系；通过一段时间，c容器中U形管液面高度差大，电流产生的热量多；
分析图乙两装置的实验现象，可以得出的结论是：在电阻和通电时间相同时，通过导体的电流越大，导体产生的热量越多。
故答案为：（1）转换；（2）电阻大小；少；（3）电流大小；在电阻和通电时间相同时，通过导体的电流越大，导体产生的热量越多。
（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；
（2）（3）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；
探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间相同；分析图甲乙两装置的实验现象得出结论。
本题考查电流做功的实质及影响大小的因素，同时也探究电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关，考查控制变量法及转换法的运用和分析现象归纳结论的能力。
18.【答案】0.75 左 暗 A
【解析】
解：（1）灯泡与滑动变阻器串联接入电路，滑片向右移动时，灯泡变亮，表明小灯泡的实际功率变大，电路中电流变大，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，
所以将滑动变阻器滑片右边的电阻连入电路，如图所示：
（2）由图乙可知，电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，电流表示数是0.3A；
灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
（3）要使灯泡两端的电压低于额定电压，应减小电路中的电流，即增大电阻值，滑片应向左滑动；
由于灯泡两端的电压越大，电流越大，根据P=UI可知，灯泡的实际功率越大，所以灯泡两端的电压低于额定电压，灯泡的亮度要比正常发光暗一些。
（4）灯泡正常发光时电路电流为：I=0.3A，根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可得：
滑动变阻器两端电压U滑=U-UL=4.5V-2.5V=2V，
此时滑动变阻器接入电路的阻值R滑==≈7Ω，
所以本实验中应该选择规格为“10Ω 2A”的A滑动变阻器。
故答案为：（1）见上图；（2）0.75；（3）左；暗；（4）A。
（1）滑动变阻器的接法采取“一上一下”的连接方式，灯泡变亮，表明小灯泡的实际功率变大，电路中电流变大，滑动变阻器接入电路中的电阻变小。
（2）确定电流表的量程、最小分度值，由图读出电流表的示数；根据公式P=UI求出小灯泡的功率；
（3）要使灯泡两端的电压低于额定电压，应减小电路中的电流；知道灯泡的亮度是由实际功率决定的，实际功率越大，灯泡越亮；
（4）根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的阻值即可选择器滑动变阻器的规格。
本题考查“测量小灯泡电功率”的实验，考查了滑动变阻器的选择，同时考查了电流表、电压表的读数及电功率的计算；有很强的代表性，属于中考常考的重点内容，应熟练掌握。
19.【答案】N 磁性
【解析】
解：（1）伸出右手，四指弯曲指示电流的方向，大拇指所指的方向即螺线管的A端为通电螺线管的N极，如图：电流从左端流入，所以上端即A端为N极；
滑动变阻器P向右移动时，接入电路中的电阻变小，电流变大，通电螺线管的磁性将增强。
（2）小球受到的重力G=mg=40×10-3kg×10N/kg=0.4N
S闭合后，小球悬浮，此时F浮=G+F，
浸没在水中静止时，小球所受浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103×10×50×10-6N=0.5N
此时由受力分析可知：G+F=F浮 代入数据解出F=0.1N
查表可知，此时电路中的电流I=0.2A
根据灯的铭牌可知RL===12Ω
此时灯泡消耗的功率是PL=I2RL=（0.2A）2×12Ω=0.48W；
（3）当小灯泡正常发光时，I=IL===0.5A
查表可知此时通电螺线管对小球的吸引力F=0.25N
当小球沉底静止时，由受力分析可知：F+G=F浮+N
带入数据可知容器对小球的支持力N=0.15N，
故小球对容器底的压力F压=0.15N。
故答案为：（1）N；磁性；（2）小灯泡消耗的功率是0.48W；（3）小球对容器底的压力是0.15N。
（1）根据安培定则判断通电螺线管的磁极。通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关，电流越大，磁性越强。
（2）先算出小球悬浮在水中，螺线管对小球的力，再从表中找出对应的电流。由小灯泡标有“6V 3W”字样，算出电阻，就可算出小灯泡消耗的功率。
（3）先算出小灯泡正常发光时的电流，从表中找出此时通电螺线管对小球的吸引力，然后对小球进行受力分析，算出容器对小球的支持力即可算出小球对容器底的压力。
本题涉及到的知识面比较广。包括电功率的计算、浮力的计算、物体的受力分析。力学和电学通过表中数据联系起来，难度较大，综合性强，对锻炼学生的综合思维能力有一定帮助。
联系客服
