《高中物理思维方法集解》试笔系列
“通电导体”在磁场中的“直线运动”
山东平原一中 魏德田 253100
在这里,所谓“通电导体”,指处于磁场当中通电的导线、棒、圆环、线圈等等。我们知道,“通电导体”(下文多称“通导”)在磁场中往往受到磁场的安培力,若再加之于重力、外力等,则形成合力。从而,可产生各种形式的运动(包括静止)或形变。若合力具有功和冲量,则必然地伴随着能量、动量的变化。因此,解决此类综合问题均宜运用磁场的基本概念和规律,再联系已学过的力、电、热学等知识,才能较好的予以分析和解决。下面,先来讨论“通导”在磁场中的直线运动。
一、 解题依据
解决此类问题,试归纳为以下几条“依据”:
㈠判断“磁强”(或磁场)方向,用安培定则。
㈡欲求安培力F的大小:①用公式F=BILsinθ(或F=BIL),②间接用力学规律等。
㈢判断F的方向,用左手定则。⑴若B、I、F“两两垂直”,则B正向穿入手掌;I、F分别与四指、大指同向。若B、I仅有之一变化方向,则F随之改变。或者用F总垂直于B、I所决定的平面判断。⑵若B与I不垂直,则正交分解B(或I),再取B与I的垂直分量,作为“两两垂直”对待。
㈣ 关于“通导”的三种运动状态,“平衡”(详见前文)、“加速运动”和“转动”等,宜分别用“平衡条件”、“牛顿定律和运动方程”、“曲线运动规律”和“力矩知识”等处理。
㈤若仅有安培力对“通导”做正功,则机械能增加;而电源的电(势)能减少,其量值等于电流做的功(直流电路最终导致系统“内能变化”)与“通导”机械能的增加之和;反之,则反之。当涉及功率时,作类似处理即可。
㈥机械力、安培力的“合力”与速度方向的关系,共同决定了“通导”的运动轨迹、加(或减)速;而功量、冲量的计算以及动量、动能等变化问题,则分别用动量定理、动能定理等解决。
㈦若满足相应条件,则宜用系统能量、动量、质量、电荷等守恒定律。
不尽之处,请参考力学、电场、恒定电流、磁场等内容。
二、解题示例
[例题1](’03上海)如图—1所示,OACO为置于水平面内的光滑闭合金属导轨,O、C处分别接有短电阻丝(图中粗线表法),R1= 4Ω、R2=8Ω(导轨其它部分电阻不计)。导轨OAC的形状满足方程
(1)外力F的最大值;
(2)金属棒在导轨上运动时电阻丝R1上消耗的最大功率;
(3)在滑动过程中通过金属棒的电流I与时间t的关系。
[解析][⑴首先,由“依据”㈡、㈢可知,在“通导”匀速运动的全过程中,安培力FB与外力Fmax始终保持平衡。从而,应用“依据”㈣(即平衡条件)可得
又,由数学可知,当
联立①②③④式,再代入已知数据,即可求出
⑵其次,只应用功率公式,即可解得
⑶然后,显见金属棒的“有效切割长度”L应满足方程
同时,我们很容易写出以下两式
最后,再联立③⑤⑥⑦式,求出滑动过程中金属棒内的电流I与时间t的关系为
[点拨]此例为安培力作用下“通导”的匀速运动问题。欲求正确的结果,需综合运用力学、电学的许多重要概念和规律,但最值得强调的是,三角函数知识在解题过程中发挥了极其重要的作用。
[例题2](’06北京)磁流体推进船的动力来源于电流与磁场间的相互作用。图1是在平静海面上某实验船的示意图,磁流体推进器由磁体、电极和矩形通道(简称通道)组成。
⑴船静止时,求电源接通瞬间推进器对海水推力的大小和方向;
⑵船以
⑶船行驶时,通道中海水两侧的电压按
[解析]⑴首先,分析可知,当电源接通瞬间,即同时产生沿x轴负方向的电流I0。应用“依据”㈡、欧姆定律,可知推进器对海水的安培推力F0的大小为
其中,R表示流入通道的海水的电阻。再把已知数据代入①②式,即可求出
由“依据”㈢可知,F0沿y轴正方向。
⑵其次,根据电磁感应定律,易得
⑶然后,欲求题设功率,先求系统工作时海水对船的安培推力。设此时电流为I,安培推力的大小为F,同理可得
联立②③④⑤式,不难求出
考虑到系统的工作效率,再由功率公式,即可求出实际功率为
[点拨]我们知道,在电场作用下有大量水分子被电离,生成的正、负离子,则可分别向负、正金属板移动;从而形成沿x轴负方向的电流。若弄清流经通道的海水,亦可作为“通导”来对待,解决此题就没有多少困难。
[例题3](’04广东)如图—3,在水平面上有两条平行导电导轨MN、PQ,导轨间距离为
其次,对杆2“隔离”分析,设回路的电流为I,同理又得
然后,再设杆2克服摩擦力做的功率为Pμ2,外力的功率为PF。从而,考虑到机械、电(即热)功率等公式,应用“依据”㈦(即能量守恒定律),可得
最后,联立解①②③式,即能求出以下结果
[点拨]对两杆系统“整体分析”可知,此运动过程类似于汽车等在恒定功率时,所做的“变加速起动”。由于系统“相对速度”的变化,导致回路感应电动势及电流发生相应变化,两杆所受安培力尽管大小相等,而时刻不同。因此,物理场景令人眼花缭乱,捉摸不定。但是,只要明确“稳定状态”即“相对速度”不变,难点即可突破,结果则顺势而下。
[例题4](经典试题)如图—4所示,水平放置的光滑平行导轨,相距为L,导轨所在平面距地面高度为h,导轨左端与电源相连,右端放有质量为m的静止的金属棒,竖直向上的匀强磁场的磁感应强度为B,当电键闭合后,金属棒无转动地做平抛运动,落地点的水平距离为s。求:电路接通的瞬间,通过金属棒的电荷量为多少?
[解析]首先,我们看到当电路接通的瞬间,金属棒即开始做平抛运动。设其初速度为v,运动时间为t。从而,由“依据”㈣(平抛运动规律)可得
然后,再由“依据”㈡㈢和㈥(即动量定理),又得
最后,由①②③式,不难求出
[点拨]分析可知,在求得金属棒平抛的初速度之后,进而求题设电荷量,我们必须知道安培力的冲量大小。而,此量的获取,则应借助于动量定理。
[例题5](高考模拟)如图—5所示为利用电磁作用输送非导电液体装置的示意图。一边长为L、截面为正方形的塑料管道水平放置,其右端面上有一截面积为A的小喷口,喷口离地的高度为h,管道中有一绝缘活塞,在活塞的中部和上部分别嵌有两根金属棒ab,其中棒b的两端与一电压表相连;整个装置放在竖直向上的匀强磁场中。当棒a中有垂直纸面向里的恒定电流I时,活塞向右匀速推动液体从喷口水平射出,液体落地点里喷口的水平距离为s。若液体的密度为ρ,不计所有阻力。求:
⑴活塞移动的速度;⑵该装置的功率;⑶磁感应强度B的大小。
其次,设液体由喷口射出的速度为v0,活塞的速度为v。由平抛运动规律,可得
由于液体不能被压缩,因而管内、喷口的液体的流量是相同的。从而,又得
联立①②③式,即可求出
⑵然后,设在
再联立④⑤式,则不难求出
⑶再后,由“依据”㈦(即能量守恒)可知,安培力做功只能消耗该装置的电势能,该装置的功率等于安培力的功率。从而,可以写出下式
最后,我们由⑥⑦两式即可求出“磁强”的大小为
[点拨]例4、例5两个问题的解决,虽皆联系到平抛运动的知识,而亦有所不同。前者重在“冲动关系”的分析,应用动量定理;后者则重在“功能关系”的分析,改用动能定理。
[例题6] (’05北京)下图—6是导轨式电磁炮实验装置示意图。两根平行长直金属导轨沿水平方向固定,其间安放金属滑块(即实验用弹丸)。滑块可沿导轨无摩擦滑行,且始终与导轨保持良好接触。电源提供的强大电流从一根导轨流入,经过滑块,再从另一导轨流回电源。滑块被导轨中的电流形成的磁场推动而发射。在发射过程中,该磁场在滑块所在位置始终可以简化为匀强磁场,方向垂直于纸面,其强度与电流的关系为B=kI,比例常量k=2.5×10-6T/A。
已知两导轨内侧间距l=1.5cm,滑块的质量m=30g,滑块沿导轨滑行5m后获得的发射速度v=3.0km/s(此过程视为匀加速运动)。
⑴求发射过程中电源提供的电流强度
⑵若电源输出的能量有4%转换为滑块的动能,则发射过程中电源的输出功率和输出电压各是多大?
⑶若此滑块射出后随即以速度v沿水平方向击中放在水平面上的砂箱,它嵌入砂箱的深度为s'。设砂箱质量为M,滑块质量为m,不计砂箱与水平面之间的摩擦。求滑块对砂箱平均冲击力的表达式。
[解析]⑴首先,应用“依据”㈡、㈢和㈣(即牛二定律和运动公式),分析可得
把已知数据代入①②式,即可求出
⑵其次,设电源的输出功率为P,发射所需时间为
应用“依据”㈥(即动能定理),又得
由③④式即可求出电源输出的功率为
再由功率公式P=IU,解得输出电压
⑶接下来,对“砂箱和滑块”系统受力分析可知,系统水平动量守恒。从而,应用综合“依据”㈦(即动量守恒),可得
显然,在完全弹性正碰当中,由应用“依据”㈥(即动能定理),可知系统克服耗散力所做的功(注:等于“耗散力”与“相对位移”之积)等于其损失的动能(导致内能增加)。从而,可写出下式
最后,由⑤⑥式求出“滑块对砂箱平均冲击力”
[例题7](’07北京模拟)如图—7所示,两根竖直的平行光滑导轨MN、PQ,相距为L。在M与P之间解有定值电阻R。金属棒ab的质量为m,水平搭在导轨上,且与导轨接触良好。整个装置放在水平匀强磁场中,磁感应强度为B,金属棒和导轨电阻不计,导轨足够长。
⑴若将ab由静止释放,它将如何运动?最终速度为多大?
[解析]⑴首先,由“依据”㈡、㈢和综合“依据”㈣,分析可知“通导”ab在重力、安培力作用下做加速度逐渐减小的加速运动。当安培力增至与重力相等时,其速度达到最大
由①②式,即可求出
⑵其次,分析可知“通导”ab受力情况如图—8所示。由综合“依据”㈣(即牛二定律),可得
最后,联立③④⑤式,即可求出以下结果
[点拨]有人说,解决机械力、电场力、安培力等作用下“粒子”、“通导”等运动问题,除开电、磁场特定条件不同而外,在解题思路、方法、过程和重要步骤等方面,与用力学的基本概念和规律解决力学问题相差不多。综上所述,则略见一斑,此言真可谓不虚。
(2017-08-04 经典重发)
联系客服