A.可求出物体的初速度
B.可求出物体的加速度
C.可求出物体的平均速度
D.可求出物体通过的路程
答案:C
解析:由图中数据可得到位移和时间,可求出的物理量是物体的平均速度,选项C正确。
A.斜率k表示速度变化的快慢
B.斜率k表示速度变化的大小
C.面积S表示t1- t2的过程中质点速度的变化量
D.面积S表示t1- t2的过程中质点的位移
答案:C
解析:斜率k表示加速度变化的快慢,选项AB错误;面积S表示t1- t2的过程中质点速度的变化量,选项C正确D错误。
答案:AD
解析:自由落体运动的速度与时间成正比,位移与时间的二次方成正比,选项A正确BC错误。由v2=2gs,速度的二次方与位移s成正比,选项D正确。
A.3∶2 B.1∶1
C.1∶2 D.2∶1
答案:B
解析:由x=vt/2解得起飞滑跑时间和着陆滑跑时间之比是==1∶1,选项B正确。
A.质点始终向同一方向运动
B.4s内通过的路程为4m,而位移为零
C.4s末质点离出发点最远
D.加速度大小不变,方向与初速度方向相同
【答案】 B
【解析】图象的斜率不变,因此物体做匀变速直线运动,开始时速度方向与加速度方向相反,物体做减速运动,t=2s时,物体速度减为零,然后物体反向加速运动,t=4s时,回到起始点,由图可知物体所经历的路程为:L=2××2=4(m),位移为零,故ACD错误,B正确.
答案:D
解析:由于液体对球体的粘滞阻力与速度成正比,小钢珠在下沉过程中速度逐渐增大,粘滞阻力逐渐增大,当粘滞阻力逐渐增大到等于重力时,加速度逐渐减小到零,小钢珠在下沉过程中加速度大小 a 与时 间 t 关系的图象,可能正确的是D。
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】运用逆向思维,将火车的运动看成反向的初速度为零的匀加速直线运动;根据初速度为零的匀加速直线运动相同位移的时间比关系可知选项D正确。
(A)4s内物体在做曲线运动
(B)4s内物体的速度一直在减小
(C)物体的加速度在2.5s时方向改变
(D)4s内物体速度的变化量的大小为8m/s
答案:D
解析:4s内物体在做直线运动,4s内物体的速度先减小后增大,选项AB错误;物体的速度在2.5s时方向改变,4s内物体速度的变化量的大小为8m/s,选项C错误D正确。
A.A上抛的初速度与B落地时速度大小相等,都是2v
B.两物体在空中运动的时间相等
C.A上升的最大高度与B开始下落时的高度相同
D.两物体在空中同时达到的同一高度处一定是B开始下落时高度的中点
【答案】AC
【解析】设两物体从下落到相遇的时间为t,竖直上抛物体的初速度为v0,则由题gt=v0-gt=v 解得v0=2v.故A正确.根据竖直上抛运动的对称性可知,B自由落下到地面的速度为2v,在空中运动时间为tB= ,A竖直上抛,在空中运动时间tA=2×=.故B错误.物体A能上升的最大高度hA=,B开始下落的高度hB=,显然两者相等.故C正确.两物体在空中同时达到同一高度为h=gt2===hB.故D错误.故选AC。
A.t0时刻之前,甲物体受到的空气阻力总是大于乙物体受到的空气阻力
B.t0时刻之前,甲物体中间时刻速度大于乙物体平均速度
C.t0时刻甲乙两物体到达同一高度
D.t0时刻之前甲下落的高度总小于乙物体下落的高度
答案:D
解析:由速度图象可知,t0时刻之前,乙物体加速度先大于甲后小于甲,由牛顿第二定律,mg-f=ma,t0时刻之前,甲物体受到的空气阻力先小于乙物体受到的空气阻力,后大于乙物体受到的空气阻力,选项A错误;t0时刻之前,甲物体中间时刻速度小于乙物体平均速度,选项B错误;t0时刻甲物体下落高度小于乙物体下落高度,选项C错误;t0时刻之前甲下落的高度总小于乙物体下落的高度,选项D正确。
A.小鸟的速率是汽车速率的两倍
B.相遇时小鸟与汽车位移的大小之比是3:1
C.小鸟飞行的总路程是汽车的1.5倍
D.小鸟和汽车在0-t2 时间内位移相等
【答案】BC
【解析】设AB之间的距离为L,小鸟的速率是v1,汽车的速率是v2,小鸟从出发到与汽车相遇的时间与返回的时间相同,故它们相向运动的时间为,则在小鸟和汽车相向运动的过程中有v1+v2=L,即(v1+v2)=L,对于汽车来说有v2t2=L;联立以上两式可得v1=3V2,故A错误B正确.汽车通过的总路程为x2=v2t2,小鸟飞行的总路程为x1=v1t1=3V2×=x2,故C正确.小鸟回到出发点,故小鸟的位移为0,故D错误.故选BC.
A.若y表示位移,则t1时间内甲的位移小于乙的位移
B.若y表示速度,则t1时间内甲的位移小于乙的位移
C.若y表示位移,则t= t1时甲的速度大于乙的速度
D.若y表示速度,则t= t1时甲的速度大于乙的速度
答案:BC
解析:若y表示位移,则t1时间内甲的位移等于乙的位移,选项A错误;若y表示速度,根据速度图象的面积表示位移,则t1时间内甲的位移小于乙的位移,选项B正确;若y表示位移,根据位移图象斜率表示速度,则t= t1时甲的速度大于乙的速度,选项C正确;若y表示速度,则t= t1时甲的速度等于乙的速度,选项D错误。
A.(a)图中h3代表本次最大深度,应为6.0m
B.全过程中最大加速度是0.025m/s2
C.潜水员感到超重现象应发生在3-4min和6-8min的时间段内
D.整个潜水器在8-10min时间段内机械能守恒
【答案】 C
【解析】 由题图可知,0-1min潜水器向下做加速运动,1-3min向下做匀速运动,3-4min向下做减速运动直至静止,4-6min潜水器静止不动,6-8min向上做加速运动,8-10min向上做减速运动直至静止在水面。(a)图中h3代表本次最大深度,由(b)图知最大深度应为360m,A错;由(b)图知全过程中最大加速度是m/s2=0.033m/s2,B错;潜水员感到超重现象应发生加速上升和减速下降阶段,即3-4min和6-8min的时间段内,C正确;在8-10min时间段内潜水器受到重力之外的其他力的作用,其他力做功不为零,所以机械能不守恒,D错误。
A. 物体I所受的合外力不断增大,物体II所受的合外力不断减小
B. I、II两个物体的平均速度大小都是
C. 在第一次相遇之前,t1时刻两物体相距最远
D. 物体II所受的合外力所做的功大于物体I所受的合外力所做的功
答案:C
解析:由物体I、II的v-t图象.可知,物体II做匀减速直线运动,物体I做加速度逐渐减小的加速运动,由牛顿第二定律可知,物体I所受的合外力不断减小,物体II所受的合外力不变,细线A错误。物体I的平均速度大于 ,物体II的平均速度等于,选项B错误。根据速度图象与横轴所围面积等于位移可知, 在第一次相遇之前,t1时刻两物体相距最远,选项C正确。由动能定理可知,物体II所受的合外力所做的功为负功,物体I所受的合外力所做的功为正功,数值二者相等,选项D错误。
(1)请通过计算判断两车保持上述速度匀速运动,是否会发生相撞事故?
(2)若轿车保持上述速度匀速运动,而助力车立即作匀加速直线运动,为避免发生相撞事故,助力车的加速度至少要多大?
【答案】见解析
【解析】(1)轿车车头到达O点的时间为
t1=x1/v1=2.5s ……………………………(2分)
轿车通过O点的时间为
Δt=△x/v1=0.6s ……………………………………………….(2分)
助力车到达O点的时间为
t2= x2/v2=2.9s …….(2分)
因为 t1< t2< t1+Δt,所以会发生交通事故 ……………………………..(2分)
(2)阻力车到达O点的时间小于t1=2.5s,可避免交通事故发生,设阻力车的最小加速度为am,则 ……………………(2分)
x2=v2t1+amt12 …………………….(2分)
解得am=0.8m/s2 …………..(2分)
当动车组在平直轨道上经历匀加速、匀速与再次匀加速运行期间,他记录了不同时刻的速率,部分数据列于表格中.已知动车组的总质量M=2.0×105kg,假设动车组运动时受到的阻力是其重力的0.1倍,取g=10m/s2.在小明同学记录动车组速率这段时间内,求:
(1)动车组的加速度值.
(2)动车组牵引力的最大值.
(3)动车组位移的大小.
t/s | v/m·s-1 |
0 | 30 |
100 | 40 |
300 | 50 |
400 | 50 |
500 | 60 |
550 | 70 |
600 | 80 |
解析:(1)通过记录表格可以看出,动车组有两个时间段处于加速状态,
设加速度分别为a1、a2,由 ①(2分)
代入数据后得: ②(2分)
③(2分)
(2) ④ (2分)
,
当加速度大时,牵引力也大, ⑤(2分)
代入数据得:
⑥ (2分)
(3)通过作出动车组的 v-t图可知,第一次加速运动的结束时刻是200s,第二次加速运动的开始 时刻是450s。
⑦ (1分)
⑧ (1分)
⑨ (1分)
⑩(3分
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