A.0.31 μA B.0.62 μA
C.0.15 μA D.0.43 μA
解析:由题图可知,通电后元件温度升高,电阻率减小,引起电流增大,功率增大,当温度达到t1后,随着温度升高,电阻率增大,引起电流减小,功率减小,故A项正确,B项错误;随着温度升高,热功率一直增大,而在t1至t2段发热功率减小,因此在此段当产生的热量与散发的热量相等时,温度不再变化,故C项正确,D项错误.
答案:AC
A.通电后其功率先增大后减小
B.通电后其功率先减小后增大
C.当其产生的热量与散发的热量相等时,温度保持在t1至t2的某一值不变
D.当其产生的热量与散发的热量相等时,温度保持在t1或t2不变
解析:根据表格中的相关数据及输入功率、输出功率、热功率的特点及计算公式可得P入=UI=48×12 W=576 W,P热=P入-P出=576 W-350 W=226 W,r== Ω=1.57 Ω,f== N=63 N,故A、D两项对,B项错;根据P=Fv可知,牵引力随功率和速率的变化而变化,故C项错误.
答案:AD
自重 | 40 kg | 额定电压 | 48 V |
载重 | 75 kg | 额定电流 | 12 A |
最大运行速度 | 20 km/h | 额定输出功率 | 350 W |
A.电动机的输入功率为576 W
B.电动机的内阻为4 Ω
C.该车获得的牵引力为104 N
D.该车受到阻力为63 N
解析:根据串并联电路的特点可知,当滑片P向左移动一小段距离后,整个闭合回路的总电阻增大,利用闭合电路的欧姆定律I=可判断I减小,A项错误;因P总=EI,可判断电源的总功率减小,C项错误;因电压表示数U=E-Ir,所以电压表示数增大,B项正确;R0与其并联的滑动变阻器的总电阻减小,而干路电流I减小,所以R0两端的电压U减小,根据P=可知R0的功率减小,D项错误.
答案:B
A.电流表示数增大
B.电压表示数增大
C.电源的总功率增大
D.R0的功率增大
解析:在研究电源内阻消耗功率大小时,可把外阻R看做电源的内阻,各电源的内阻看做外电阻,根据电源输出的功率与外电阻的关系可得出A项是正确的;根据P外=和P总=及题中的条件可得出C项正确.
答案:AC
A.R1所在的支路
B.R2所在的支路
C.R3所在的支路
D.电源所在的电路
解析:A灯变亮,说明A灯两端电压增大,B灯变暗,说明B灯两端电压变小.因为若是电源所在电路断开,两灯都不会亮,如R3所在支路断开,则A、B都变暗,C、D两项错.若R2支路断开,则灯A变亮,灯B变暗,若R1支路断开,则灯B变亮,灯A变暗,A项错,B项对.
答案:B
A.图线b表示输出功率PR随电流I变化的关系
B.图中a线最高点对应的功率为最大输出功率
C.在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点这三点的纵坐标一定满足关系PA=PB+PC
D.b、c线的交点M与a、b线的交点N的横坐标之比一定为1∶2,纵坐标之比一定为1∶4
解析:电源的总功率PE=EI,为图线a;电源内部的发热功率Pr=I2r,为图线b;输出功率PR=EI-I2r,为图线c;联立这几个等式,可以算得D项正确;另根据能量关系PE=PR+Pr知,C项正确.
答案:CD
A.在P向上移动的过程中,A表的示数变大,油滴仍然静止,G中有由a至b的电流
B.在P向上移动的过程中,A表的示数变小,油滴向上加速运动,G中有由b至a的电流
C.在P向下移动的过程中,A表的示数变大,油滴向下加速运动,G中有由a至b的电流
D.在P向下移动的过程中,A表的示数变小,油滴向上加速运动,G中有由b至a的电流
解析:在P向上移动的过程中,R变大,总电阻R总变大,根据I=,电流表A的示数变小,则U=E-Ir变大,R1两端的电压U1=IR1变小,R1两端的电压U2=U-U1变大,油滴向上加速运动,G中有由b至a的电流.同理可分析判断C、D两项的正误.
答案:BC
(1)根据图(a)所示的电路,在图(b)所示的实物图上连线.
(2)开关S闭合时,多用电表用于测量________(填“电流”“电压”或“电阻”);开关S断开时,多用电表用于测量________(填“电流”“电压”或“电阻”).
(3)表笔A应为________色(填“红”或“黑”).
(4)定值电阻的阻值R1=________Ω,R2=________Ω.(结果取3位有效数字)
图(a) 图(b)
(2)电流 电压
(3)黑
(4)1.00 880
[解析] (1)根据电路图连接实物图,注意两表笔与表头的正负接线柱.
(2)根据“串联分压,并联分流”可知,当S断开时,多用电表测量电压;当S闭合时,多用电表测量电流.
(3)电流从红表笔流进多用电表,从黑表笔流出.从电路图中表头和表笔的接法可知电流从表笔A流出,所以A为黑表笔.
(4)当S断开时为电压表,此时R2=-120 Ω=880 Ω ;当S闭合时为电流表,此时R1=≈1.00 Ω.
电池组(电动势为4.5 V,内阻约1 Ω);
电流表(量程为0~250 mA,内阻约5 Ω);
电压表(量程为0~3 V,内阻约3 kΩ);电键一个、导线若干.
①实验中所用的滑动变阻器应选下列中的________(填字母代号).
A.滑动变阻器(最大阻值20 Ω,额定电流1 A)
B.滑动变阻器(最大阻值1750 Ω,额定电流0.3 A)
②实验的电路图应选用下列的图________(填字母代号).
③实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示.如果将这个小灯泡接到电动势为1.5 V,内阻为5 Ω的电源两端,小灯泡消耗的功率是________W.
[解析] ①测绘小灯泡的伏安特性曲线时,小灯泡两端的电压应从0开始,故所需要的电路为滑动变阻器分压式,滑动变阻器应选用阻值小而电流大的A.②电路图应为滑动变阻器分压式和电流表外接法,所以应选用B图.③作出测电源电动势和内阻的I-U图像,与伏安特性曲线交于一点,这点的电压与电流的乘积即为小灯泡消耗的功率,P=IU=0.10×1.0 W=0.1 W.
图(a)
多用电表;
电压表:量程5 V,内阻十几千欧;
滑动变阻器:最大阻值5 kΩ;
导线若干.
回答下列问题:
(1)将多用电表挡位调到电阻“×1k”挡,再将红表笔和黑表笔________,调零点.
(2)将图(a)中多用电表的红表笔和________(填“1”或“2”)端相连,黑表笔连接另一端.
(3)将滑动变阻器的滑片调到适当位置,使多用电表的示数如图(b)所示,这时电压表的示数如图(c)所示.多用电表和电压表的读数分别为________kΩ和________V.
图(b) 图(c) 图(d)
(4)调节滑动变阻器的滑片,使其接入电路的阻值为零.此时多用电表和电压表的读数分别为12.0 kΩ和4.00 V.从测量数据可知,电压表的内阻为________kΩ.
(5)多用电表电阻挡内部电路可等效为由一个无内阻的电池、一个理想电流表和一个电阻串联而成的电路,如图(d)所示.根据前面的实验数据计算可得,此多用电表内电池的电动势为________V,电阻“×1k”挡内部电路的总电阻为________kΩ.
[解析] (1)多用电表调零时把两表笔短接相当把电路接通.
(2)根据流经电压表的电流是从正极流向负极,可判断出电流的方向;再根据对多用电表来说“红进黑出”即电流从红表笔流入,从黑表笔流出,可判断出红表笔接1.
(3)根据读数原则,最小刻度是1、0.1、0.01的都要估读一位.图b中的指针指在15,而10~20间的最小刻度为1,所以读数为15.0;图c中的电压表的最小刻度为0.1 V,指针指在36格,所以读数为3.60 V.
(4)当把滑动变阻器的电阻调为零时,相当于多用电表测的是电压表的电阻,所以多用电表的读数即为电压表的内阻.
(5)根据多用电表的原理,其中值电阻等于其内阻,即选×1k挡时的内阻为15.0 kΩ,此时滑动变阻器接入电路的阻值调为零,相当于只有多用电表和电压表构成一回路,此时I==,可得E=9.00 V.
(1)求驱动电机的输入功率P电;
(2)若驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机,求汽车所受阻力与车重的比值.(g取10 m/s2)
解析:(1)驱动电机的输入功率P电=IU=1.5×103 W.
(2)在匀速行驶时P机=0.9P电=Fv=fv,f=0.9P电/v=1.35×102 N.
汽车所受阻力与车重之比f/mg=0.004 5.
答案:(1)1.5×103 W (2)0.004 5
(1)调节滑动变阻器R3,使电阻R1和R2消耗的电功率恰好相等,求此时电阻R1和R2的阻值为多大?R3接入电路的阻值为多大?
(2)调节滑动变阻器R3,使A、B两点的电势相等,这时电阻R1和R2消耗的电功率各是多少?
解:(1)R1、R2和R3串联,电流相等。当电阻R1和电阻R2消耗的电功率相等时,得R1=R2
由伏安特性曲线可知,此时电路中的电流I=2.5mA,
这时加在电阻R1和R2上的电压U1=U2=2.5V,
由欧姆定律得 ,
滑动变阻器R3两端电压为 V
由欧姆定律得
(2)调节滑动变阻器R3,当A、B两点的电势相等时,R3=0,
则 V
又因电阻R1和R2的电流相等,从伏安特性曲线上可以看出,V,V
电阻R1消耗的电功率为W
电阻R2消耗的电功率为W
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